高考物理最新电磁学知识点之磁场全集汇编含解析

一、选择题

1．如图所示，两平行直导线cd和ef竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b两点位于两导线所在的平面内．则

A．b点的磁感应强度为零

B．ef导线在a点产生的磁场方向垂直纸面向里 C．cd导线受到的安培力方向向右

D．同时改变了导线的电流方向，cd导线受到的安培力方向不变 2．科学实验证明，足够长通电直导线周围某点的磁感应强度大小BkI，式中常量lk>0，I为电流强度，l为该点与导线的距离。如图所示，两根足够长平行直导线分别通有电流3I和I（方向已在图中标出），其中a、b为两根足够长直导线连线的三等分点，O为两根足够长直导线连线的中点，下列说法正确的是( )

A．a点和b点的磁感应强度方向相同 B．a点的磁感应强度比O点的磁感应强度小 C．b点的磁感应强度比O点的磁感应强度大 D．a点和b点的磁感应强度大小之比为5：7

3．回旋加速器是加速带电粒子的装置.其核心部分是分别与高频交流电源两极相连接的两个D形金属盒,两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,如图所示,要增大带电粒子射出时的动能,则下列说法中正确的是( )

A．减小磁场的磁感应强度 B．增大匀强电场间的加速电压

C．增大D形金属盒的半径 D．减小狭缝间的距离

4．如图所示，有abcd四个离子，它们带等量的同种电荷，质量不等．有ma＝mb＜mc＝md，以不等的速度va＜vb＝vc＜vd进入速度选择器后有两种离子从速度选择器中射出，进入B2磁场，由此可判定( )

A．射向P1的是a离子 C．射到A1的是c离子

B．射向P2的是b离子 D．射到A2的是d离子

5．质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹分别如图中的两支虚线所示，下列表述正确的是（ ）

A．M带正电，N带负电 B．M的速率大于N的速率 C．洛伦磁力对M、N做正功 D．M的运行时间大于N的运行时间

6．在探索微观世界中，同位素的发现与证明无疑具有里程碑式的意义。质谱仪的发现对证明同位素的存在功不可没，1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖。若速度相同的一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，不计粒子重力，则下列说法中正确的是（ ）

A．该束粒子带负电

B．速度选择器的P1极板带负电

C．在B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大 D．在B2磁场中运动半径越大的粒子，比荷

q越小 m7．如图所示的圆形区域里匀强磁场方向垂直于纸面向里，有一束速率各不相同的质子自A点沿半径方向射入磁场，则质子射入磁场的运动速率越大，

A．其轨迹对应的圆心角越大 B．其在磁场区域运动的路程越大 C．其射出磁场区域时速度的偏向角越大 D．其在磁场中的运动时间越长

8．如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a点，通过pa段用时为t.若该微粒经过P点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上．若两个微粒所受重力均忽略,则新微粒运动的 ( )

A．轨迹为pb,至屏幕的时间将小于t B．轨迹为pc,至屏幕的时间将大于t C．轨迹为pa，至屏幕的时间将大于t D．轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t

9．对磁感应强度的理解，下列说法错误的是（ ） A．磁感应强度与磁场力F成正比，与检验电流元IL成反比 B．磁感应强度的方向也就是该处磁感线的切线方向

C．磁场中各点磁感应强度的大小和方向是一定的，与检验电流I无关 D．磁感线越密，磁感应强度越大

10．电磁血流量计是基于法拉第电磁感应定律，运用在心血管手术和有创外科手术的精密监控仪器。工作原理如图所示，将患者血管置于磁感应强度为B的匀强磁场中，测出管壁上MN两点间的电势差为U，已知血管的直径为d，则血管中的血液流量Q为（ ）

πdU BπdU 4BπU BdπU 4BdA．B．C．D．

11．笔记本电脑机身和显示屏对应部位分别有磁体和霍尔元件．当显示屏开启时磁体远离霍尔元件，电脑正常工作：当显示屏闭合时磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，电脑进入休眠状态．如图所示，一块宽为a、长为c的矩形半导体霍尔元件，元件内的导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入方向向右的电流时，电子的定向移动速度为．当显示屏闭合时元件处于垂直于上表面、方向向下的匀强磁场中，于是元件的前、后表面间出现电压U，以此控制屏幕的熄灭．则元件的（ ）

A．前表面的电势比后表面的低 B．前、后表面间的电压U与无关 C．前、后表面间的电压U与c成正比 D．自由电子受到的洛伦兹力大小为

eU a12．如图，半径为R的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面)，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外．一电荷量为q(q>0)、质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入

R.已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为260°，则粒子的速率为(不计重力)( )

磁场区域，射入点与ab的距离为

A．

qBR 2mB．

qBR mC．

3qBR 2mD．

2qBR m13．如图所示，空间某处存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一个带负电的金属小球从M点水平射入场区，经一段时间运动到M点的右下方N点，关于小球由

M到N的运动，下列说法正确的是（ ）

A．小球可能做匀变速运动 C．小球动量可能不变

B．小球一定做变加速运动 D．小球机械能守恒

14．2019年我国研制出了世界上最大的紧凑型强流质子回旋加速器，该回旋加速器是我国

目前自主研制的能量最高的质子回旋加速器。图示为回旋加速器原理示意图，现将两个相同的回旋加速器置于相同的匀强磁场中，接入高频电源。分别加速氘核和氦核，下列说法正确的是（ ）

A．它们在磁场中运动的周期不同 B．它们的最大速度相等

C．两次所接高频电源的频率不相同

D．仅增大高频电源的频率可增大粒子的最大动能

15．在绝缘水平面上方均匀分布着方向与水平向右成60斜向上的匀强磁场，一通有如图所示的恒定电流I的金属方棒，在安培力作用下水平向右做匀速直线运动。已知棒与水平面间的动摩擦因数3。若磁场方向由图示方向开始沿逆时针缓慢转动至竖直向上的3过程中，棒始终保持匀速直线运动，设此过程中磁场方向与水平向右的夹角为θ，则关于磁场的磁感应强度的大小B与θ的变化关系图象可能正确的是（ ）

A． B．

C． D．

16．如图所示，在以原点O为圆心、半径为r的圆形区域内，存在磁感应强度大小为B方向垂直于纸面向里的匀强磁场，A、C、D为磁场边界上的点，A、C为边界与坐标轴的交点，OD连线与x轴负方向成45°。一带负电粒子从A点以速度v沿AC方向射入磁场，恰好从D点飞出，粒子在磁场中运动的时间为（ ）

A．

r2v B．

3r 4vC．

5r 4vD．

5r 2v17．如图所示为研究某种带电粒子的装置示意图，粒子源射出的粒子束以一定的初速度沿直线射到荧光屏上的O点，出现一个光斑．在垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束发生偏转，沿半径为r的圆弧运动，打在荧光屏上的P点，然后在磁场区域再加一竖直向下，场强大小为E的匀强电场，光斑从P点又回到O点，关于该粒子（不计重力），下列说法正确的是

A．粒子带负电 B．初速度为vqC．比荷为

mB EB2r ED．比荷为

qmE B2r18．为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（ ）

A． B． C．

D．

19．如图所示，空间中存在在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，有一带电液滴在竖直面内

做半径为R的匀速圆周运动，已知电场强度为E，磁感应强度为B，重力加速度为g，则液滴环绕速度大小及方向分别为（ ）

A．

E，顺时针 BB．

E，逆时针 BC．

BgR，顺时针 ED．

BgR，逆时针 E20．质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速度率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（ ）

A．M带正电，N带负电 B．M的速度率小于N的速率 C．洛伦兹力对M、N做正功 D．M的运行时间等于N的运行时间

21．如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，用两根等长的绝缘细线水平悬挂金属棒MN，通以M到N的电流，平衡时两悬线与竖直方向的夹角均为θ。如果仅改变下列某一个条件，即可使得θ变大的是（ ）

A．两悬线等长变短 C．磁感应强度变小

B．金属棒质量变大 D．棒中的电流变大

22．关于电场和磁场，下列说法中正确的是（ ） A．电场和磁场不是实际存在的，是人们想象假设出来的

B．电场和磁场的观点是库仑首先提出来的，并得到物理学理论和实验的证实和发展 C．磁感应强度的方向就是通电导线在磁场中所受力的方向

D．电场强度是电场本身的性质，与试探电荷的电量及其所受电场力大小无关

23．在两个倾角均为α的光滑斜面上，放有两个相同的金属棒，分别通有电流I1和I2，磁场的磁感应强度大小相同，方向分别为竖直向上和垂直于斜面向上，如图所示，两金属棒均处于平衡状态．则两种情况下的电流之比I1:I2为

A．sinα:1 B．1:sinα C．cosα:1 D．1:cosα

24．如图所示，在威尔逊云雾室中，有垂直纸面向里的匀强磁场。图中曲线ab，是一个垂直于磁场方向射入的带电粒子的径迹。由于它在行进中使周围气体电离，其能量越来越小，电量保持不变，由此可知（ ）

A．粒子带负电，由a向b运动 B．粒子带负电，由b向a运动 C．粒子带正电，由a向b运动 D．粒子带正电，由b向a运动

25．如图所示，在半径为R的圆形区域内，有匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直于圆平面（未画出）。一群比荷为

q的负离子以相同速率v0（较大），由P点在纸平面内向不m同方向射入磁场中发生偏转后，又飞出磁场，最终打在磁场区域右侧足够大荧光屏上，离子重力不计。则下列说法正确的是（ ）

A．离子在磁场中的运动轨迹半径可能不相等 B．由Q点飞出的离子在磁场中运动的时间最长 C．离子在磁场中运动时间一定相等 D．沿PQ方向射入的离子飞出时偏转角最大

【参】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题 1．D 解析：D

【解析】 【分析】 【详解】

由右手螺旋定则可知.cd导线和ef导线在b处产生的磁场方向都垂直纸面向外.所以由矢量合成知b处的磁感应强度垂直纸面向外.故A错误:

由右手螺旋定则知ef导线在左侧产生的磁感应强度垂直纸面向外，故B错误: 由左手定则知.cd导线受到的安培力方向向左.故C错误:

由题意可知，cd导线所处的位置磁场方向发生改变，但同时自身电流方向也发生改变，由左手定则知cd导线所受安培力方向不变.故D正确 综上所述本题答案是：D

2．A

解析：A 【解析】 【分析】 【详解】

A．左边导线在a点和b点产生的磁场方向向下，右边导线在a点和b点产生的磁场反向也向下，故a点和b点磁场方向相同，均向下，故A正确； B．设两导线之间距离为3l，则a点的磁感应强度为

BakO点的磁感应强度为

3II7Ikk l2l2lBOk3II8Ikk3l3l3l 22故a点磁感应强度大于O点，故B错误； C．b点磁感应强度为

Bbk3II5Ikk 2ll2l故b点磁感应强度小于O点，故C错误；

D．由B、C分析可知，a点和b点的磁感应强度大小之比为

Ba7 Bb5故D错误； 故选A。

3．C

解析：C 【解析】 【详解】

υ2粒子在回旋加速器中的最大半径为D形盒的半径，由qυmBm，故最大动能为

R12q2B2R2 Ekmmυm22mA．由以上推导可知，增大磁感应强度可以增大最大动能，故A错误； B．增加加速电压对最大动能无影响，故B错误； C．增大D形盒半径R可以增大最大动能，故C正确； D．减小狭缝间距离对最大动能无影响，D错误； 故选C。

4．A

解析：A 【解析】

试题分析：通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有qE=qvB．vE，只B有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误．只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据rmv.，知质量大的半径qB2大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误． 故选A．

考点：速度选择器；带电粒子在匀强磁场中的而运动.

5．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

A. 根据左手定则，可知，M带负电，N带正电，A错误； B. 粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，即：

v2qvBm

r解得：

rmv qB同一磁场，又M和N两粒子的电荷量相同，故轨道半径大小r和速度v成正比，故B正确；

C. 洛伦兹力每时每刻与速度垂直，不做功，C错误； D. 粒子在磁场中运动的周期T的计算如下：

T2r2m vqB同一磁场，M和N两粒子的电荷量相同，故两粒子在磁场中运动的周期相同，它们均运动了半个周期，故它们运动的时间相同，D错误； 故选B。

6．D

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

A．带电粒子在磁场中向下偏转，磁场的方向垂直纸面向外，根据左手定则知，该粒子带正电。故A错误。

B．在平行金属板间，根据左手定则知，带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上，则电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向下，所以速度选择器的P1极板带正电。故B错误。

CD．从速度选择器进入B2磁场中的粒子速度是一定的，根据

v2qvB2m

r得

r知r越大，荷质比故选D。

mv qB2q越小，而质量m不一定大。故C错误、D正确。 m7．B

解析：B 【解析】

试题分析：设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为α，如图示：

粒子在磁场中运动的时间为，而轨迹半径，而，粒子

速度越大，则r越大，α越小（与射出磁场时的速度偏向角相等），t越小，故B对． 考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动．

【名师点睛】带电粒子在有界磁场中的常用几何关系

（1）四个点：分别是入射点、出射点、轨迹圆心和入射速度直线与出射速度直线的交点．

（2）三个角：速度偏转角、圆心角、弦切角，其中偏转角等于圆心角，也等于弦切角的2倍．

8．C

解析：C 【解析】

试题分析：由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出时间的变化． 带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由

mvPv2，P、q都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变，Bqvm，得：rqBqBr故轨迹应为pa，因周期T2m可知，因m增大，故粒子运动的周期增大，因所对应的qB弧线不变，圆心角不变，故pa所用的时间将大于t，C正确；

【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式

R2mmvT，知道粒子在磁场中运动半径和，周期公式T，运动时间公式tBqBq2速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，

9．A

解析：A 【解析】 【分析】 【详解】

A．磁感应强度反映磁场本身的性质，与放入磁场的电流元IL、磁场力F均无关，且

BF是比值定义法定义的磁感应强度，体现B由磁场本身决定，故A错误，符合题IL意；

BD．人为引入的磁感线描述磁场的强弱和方向，磁感线在某点的切线方向表示磁场方向，磁感线的密度表示磁场的强弱，磁感线越密，磁感应强度越大，故BD正确，不符题意； C．磁场中各点磁感应强度的大小和方向是一定的，是由磁场本身因素决定的，而与检验电流I无关，故C正确，不符题意。 本题选错误的，故选A。

10．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

导电液体流过磁场区域稳定时，电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡，有

q解得

UqvB dU Bdv而流量为

QvS故B正确，ACD错误。 故选B。

UdUR2 Bd4B11．D

解析：D 【解析】 【详解】

由图知电流从左向右流动，因此电子的运动方向为从右向左，根据左手定则可知电子偏转到后面表，因此前表面的电势比后表面的高，故A错误，电子在运动过程中洛伦兹力和电场力平衡，有F洛=evB,F电=eEeUUU，故F洛=e，故D正确，由evBe则电压aaaUavB，故前后表面的电压与速度有关，与a成正比，故BC错误．

12．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

带电粒子从距离ab为

R处射入磁场，且射出时与射入时速度方向的夹角为60°，粒子运动2轨迹如图，ce为射入速度所在直线，d为射出点，射出速度反向延长交ce于f点，磁场区域圆心为O，带电粒子所做圆周运动圆心为O′，则O、f、O′在一条直线上，由几何关系得带电粒子所做圆周运动的轨迹半径为R，由F洛＝Fn得

mv2qvB＝

R解得

v＝

qBR m

qBR，与结论不相符，选项A错误； 2mqBRB．，与结论相符，选项B正确；

mA．

3qBR，与结论不相符，选项C错误； 2m2qBRD．，与结论不相符，选项D错误；

m故选B。

C．

13．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

A．小球受到重力、电场力和洛伦兹力作用，若速度大小变化，则洛伦兹力变化，合力变化，所以小球不可能做匀变速运动，故A错误；

B．小球向下偏转，则初始时刻合力一定向下，又因为一定是曲线运动，因此洛伦兹力方向一定变化，所以小球合力一定变化，一定做变加速运动，故B正确；

C．由于小球一定做变加速运动，由动量定理可知，小球的动量一定变化，故C错误； D．小球运动过程中电场力做负功，所以机械能减少，故D错误。 故选B。

14．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

A．粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，周期T2πm，氘核和氦核的比荷相等，则两qB粒子在磁场中运动的周期相同，根据回旋加速器的工作原理可知，粒子在磁场中运动的频率等于高频电源的频率，故两次频率相同，故AC错误； B．根据

v2qvBm

r可得

vmaxqBR m由于氘核和氦核比荷相同，且加速器的半径也相同，因此它们的最大速度也相同，故B正确； D．最大动能

12q2B2R2 Ekmvmax22m高频电源的频率与粒子最大动能无关，故D错误。 故选B。

15．C

解析：C 【解析】 【分析】 【详解】 棒受力如图所示

则

BILsin(mgBILcos)

得

1IL2IL(sincos)sin(30) Bmg3mg所以C正确，ABD错误。 故选C。

16．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

做出运动的轨迹图，可知速度的偏转角为

=45+90=135

粒子在磁场中运动的时间为

t故选B。

1353πrT 3604v

17．D

解析：D 【解析】 【详解】

垂直于纸面向里的方向上加一磁感应强度为B的匀强磁场后，粒子束打在荧光屏上的P点，根据左手定则可知，粒子带正电，选项A错误；当电场和磁场同时存在时：

Ev2qvBEq,解得v ，选项B错误；在磁场中时，由qvBm，可得：

rBqvE2,故选项D正确，C错误；故选D. mrBBr【点睛】

本题主要是考查带电粒子在复合场的运动，解答本题要能够根据共点力的平衡条件分析洛伦兹力和电场力的大小关系；在复合场中做匀速直线运动粒子，在解题时要注意过程分析和受力分析．

18．B

解析：B 【解析】 【分析】

要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向． 【详解】

地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西．故B正确． 【点睛】

主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在．另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定．

19．C

解析：C 【解析】 【分析】

【详解】

液滴在复合场中做匀速圆周运动，知重力和电场力平衡，则液滴受到向上的电场力，可知液滴带负电，根据左手定则可知液滴做顺时针的匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力有

v2qvBm

R又因为重力和电场力平衡，则有

qEmg

解得

v故A、B、D错误，C正确； 故选C。

BgR E20．D

解析：D 【解析】 【详解】

A.由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故选项A不符合题意； B.粒子在磁场中运动，根据洛伦兹力提供向心力则有：

v2qvBm

r解得速度的大小为vqBr，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速m度率大于N的速率，故选项B不符合题意；

C.洛伦兹力始终与速度的方向垂直，洛伦兹力对M、N不做功，故选项C不符合题意； D.粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为T2m，M运行时间等于qBN的运行时间，故选项D符合题意。 21．D

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

导体棒受力如下图所示

可得

tanFBIL mgmgA．两悬线等长变短，不是导线变短，故θ不变，故A错误； B．金属棒质量变大，则θ变小，故B错误； C．磁感应强度变小，则θ变小，故C错误； D．棒中的电流变大，则θ变大，故D正确。 故选D。

22．D

解析：D 【解析】 【详解】

A.电场和磁场是客观存在的，电场线和磁感线是人们想象假设出来的，故A错误； B.电场和磁场的观点是法拉第首先提出来的，并得到物理学理论和实验的证实和发展， 故B错误；

C. 磁感应强度的方向与通电导线在磁场中所受力的方向无关，通电导线与磁场垂直时，不受安培力，故C错误；

D. 电场强度是电场本身的性质，与试探电荷的电量及其所受电场力大小无关，故D正确；

23．D

解析：D 【解析】

导体棒受力如图，根据共点力平衡得F1mgtan，F2mgsin，

所以导体棒所受的安培力之比

F1tan1，因为FBIL，所以F2sincosI1F11，D正确． I2F2cos24．A

解析：A

【解析】据题意，带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，粒子的能量逐渐减小，速度

减小，则由公式电，A正确．

得知，粒子的轨迹半径逐渐减小，由图看出，粒子的运动方向是从

a向b运动。在a处，粒子所受的洛伦兹力斜右下方，由左手定则判断可知，该粒子带负

25．B

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

A．离子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

qvB解得

mv2r

rmv qB因粒子的速率相同，比荷相同，故半径一定相同，故A错误；

BD．由圆的性质可知，轨迹圆（离子速率较大，半径较大）与磁场圆相交，当轨迹圆的弦长最大时偏向角最大，最长弦长为PQ，故由Q点飞出的粒子圆心角最大，所对应的时间最长，故B正确，D错误；

C．设粒子轨迹所对应的圆心角为，则粒子在磁场中运动的时间为

t其中

T 22m qBT所有粒子的运动周期相等，由于离子从圆上不同点射出时，轨迹的圆心角不同，所以离子在磁场中运动时间不同，故C错误。 故选B。