天津市和平区中考物理一模试卷
一、选择题（共21分．其中l-6小题为单选题，每小题2分．7-9小题为多选题，每小题2分，多选、错选不得分，漏选得1分）注意：第1-6小题中每题只有一个选项正确． 1．下列估测中，最接近生活实际的是（ ）
A．中学生的质量约500kg B．沈阳4月份的平均气温约30℃ C．教室课桌的高度约0.8 m D．中学生跑完50m用时约3 s
2．如图所示，将钢尺紧按在桌面上，一端伸出桌边．拨动钢尺，听它振动的声音．下列关于该实验的说法正确的是（ ）
A．钢尺伸出桌面的长度越长，所发出声音的音调越高
B．离钢尺很远的同学听到的声音很小，说明他听到声音的响度很小 C．用不同的力弹拨钢尺，所发出声音的响度相同 D．我们听到的钢尺发出的声音频率在0至20Hz之间 3．下列关于物态变化下列说法中正确的是（ ）
A．冬季雪场的制雪机将水吸入后再将“白雾”喷洒到高空，落下来便形成了“雪”．这是一种凝华现象
B．戴眼镜的同学从冰冷的户外回到室内，镜片上会形成一层小水珠，发生这一物态变化需要吸收热量
C．夏季雪糕周围的“白气”和开水上方的“白气”属于同一种物态变化 D．春天积雪消融，但气温很低，这是由于积雪液化放热的结果
4．如图所示是一种环保型手电筒．使用它时只要将它来回摇晃．就能使灯泡发光．选项中四幅图中和这种手电筒的工作原理相同的是（ ）
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A． B． C． D．
5．利用吸管可以完成很多有趣的实验．如图所示，下面关于实验现象解释正确的是（ ）
A．
利用吸管的B端更容易插入饮料的外包装，说明压力越大，压力的作用效果越明显
B．
吸管插入水中后，手指按压吸管的上端竖直拉起来后，有一段水柱保留了下来．说明这段水柱所产生的压强等于外界的大气压强
C．
将吸管插入水中后，对着吸管口吹气，有水雾喷出．说明吸管口空气流动的加快，压强较大
D．
手将吸管掰弯后吸管还能恢复原来的形状，吸管在掰弯时具有一定的弹性势能
6．规格相同的圆柱形容器中装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上（游码在标尺的最左端），如图所示．则（ ）
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A．甲中液体质量更大 B．乙中液体密度更大
C．乙中液体对容器底部的压强更小 D．甲容器对托盘的压强更大
7．如图所示，小丽和小明相距2m，通过同一块焦距为15cm的凸透镜观看对方，小明刚好通过透镜能看到小丽眼睛正立的像，则下列说法中正确的是（ ）
A．此时小丽的眼睛在凸透镜的一倍焦距以内
B．若图片中小丽的手将透镜水平向右移动一定距离，小明看到正立的像有可能变大 C．小丽从透镜中看不到小明的像 D．小丽从透镜中看到小明倒立缩小的像
8．下列有关家庭用电中的几个实例，描述正确的是（ ） A．熔丝（俗称保险丝）烧断一定是发生了短路
B．使用试电笔时，金属体笔尖应接触被测导线，手指按住笔尾金属体，观察氖管是否发光 C．有人触电时应迅速用手把他拉离电源 D．进户线应先连接电能表，再和总开关连接
9．小灯泡L的额定电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示．把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V．已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10Ω 2A”．下列说法中正确的是（ ）
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A．电源电压为4.5V
B．小灯泡的额定功率为1.5W
C．小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为1.25W D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3Ω
二、填空题
10．如图所示，小明想通过A、B两张纸片上的小孔看见烛焰，他应将烛焰、两个小孔和人眼调到______上，这样操作的依据是______．操作过程中他还在B纸片上看到了一个烛焰的像，这个像是______的（选填“正立”或“倒立”）
11．如图是甲、乙两辆同时从同一地点出发的小车的s﹣t图象，由图象可知，10～20秒钟甲 车的动能______（选填“变大”、“变小”、或“不变”）；此时乙车相对于甲车的速度是______m/s．
12．小明家里的厨房有很多刀具．如图所示，在斩切肉类的时候选用A型刀具，利用其质量较大的特点通过增大______来增大对肉类的压强；而切黄瓜、萝卜等蔬菜时选用B型刀具，其刀面上的孔洞可以避免因______的作用而使蔬菜片沾在刀面上；在切割鱼类时使用C型刀具，其刀刃上的锯齿能够通过增大______来增大刀刃和鱼身之间的摩擦力．
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13．如图所示，周末小明的妈妈炖好了鱼．掀开锅盖香飘四溢，这是香气在空气中的______现象；给鱼加热的过程中是通过______的方式增大了鱼的内能；锅中鱼汤翻滚，鱼汤在持续吸热的过程中温度______．（选填“上升”、“下降”或“不变”）
14．倒车可视系统（Reverse image）也称倒车影像，该系统广泛应用于各类大、中、小车辆倒车或行车安全铺助领域．如图所示，汽车逐渐倒车的过程中，随着距离后车越来越近，后车所成的像______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；在此过程中，汽油机通过______冲程输出动力，将内能转化成机械能．
15．如图，AB为能绕B点转动的均质杠杆（杠杆重力为2N），中点C处用细线悬挂一重物，在A端施加一个竖直向上大小为10N的拉力F，使杠杆在水平位置保持平衡，则物重G=______N．若保持拉力竖直方向不变，将A端缓慢向上提升一小段距离，在提升的过程中，拉力F将______（选填“增大”“不变”或“减小”）．
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16．按照我国登月计划，2017年“嫦娥五号”的返回舱将载着月球土壤回归地球，地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠______（选填“电磁波”或“声呐”）来传递数据信息的．“嫦娥五号”月球探测器的太阳能电池板将太阳能转化为电能，电能属于______（选填“一次能源”或“二次能源”）
17．饺子是中国北方大部分地区每年春节必吃的年节食品，小明发现饺子刚下水时沉在水底，煮熟后漂浮在水面，如图所示．和刚下水相比，煮熟后的饺子受到的液体压强更______，具有的内能更______．
三、计算题（18题7分，19题11分，共18分）
18．“节能减排，开关未来”的活动于2016年3月22日﹣﹣世界水日的当天在沈阳正式启动；它倡导合理开关家用电器来节约能源．由此，小明想到父母经常为夜间是否要关闭饮水机而发生的争执：母亲认为应该关机，理由是饮水机在夜间无人饮水时仍在对热水包里的水间歇性加热，白白消耗电能．父亲则认为不该关机，因为第二天重新开机为凉水加热会消耗更多的电能．为了解决父母的争执，小明设计了如下实验：（实验过程中只启用饮水机的加热功能） 第一天晚上十点钟，他关掉家中的其他用电器，仅留下饮水机单独工作，记下电能表的示数为
，第二天早晨，热水包里的水温达到预定温度℃，他又读出电能为
，此
时是六点钟．由此他计算出饮水机整夜消耗的电能W开．第二天晚上十点钟，他将饮水机关闭，次日早晨六点钟启动饮水机将热水包中20℃的水加热到预定温度90℃，用时12min．他查看了饮水机上的铭牌，计算出了此过程中饮水机消耗的电能W关．请你依据小明的实测数据和表中饮水机铭牌上的信息求解：
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额定电压220V 额定频率50Hz 制热功率500W 制冷功率98W
热水包容积1L 冷水包容积0.5L 保鲜柜容积16L 防触电类型I类
（1）饮水机夜间开机、关机两种情况下消耗的电能W开和W关各是多少？哪种情况更省电？省了多少度电？
（2）热水包内的水从20℃加热到90℃时吸收的热量是多少？此过程中饮水机的加热效率是多少？（保留三位有效数字）[c水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3]．
19．（11分）（2016•和平区一模）如图甲所示，用弹簧秤悬挂一物体，保持静止；当物体浸没在水中静止时弹簧测力计的示数如图乙所示．（g=10N/kg）求： （1）物体的质量m；
（2）物体浸没在水中受到的浮力F浮；
（3）物体浸没时排开水的体积V和物体的密度ρ．
（4）若用细线悬挂一个体积不变的木球（ρ木=0.5g/cm3）使二者悬浮，如图丙所示．则木球的体积至少多大？
四、实验、作图题（共22分）
20．在做“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，采用了如图所示的实验装置．两个透明的容器中密闭了等量的空气．U型管中液面变化反映了密闭空气温度的变化．此实验是为了探究电流产生的热量与______的关系；将此装置接到电源两端，通电一段时间后，电流在______容器中产生的热量较多，在电路中串联一个滑动变阻器，再接入原电路，还可以 探究 电流产生的热量与______的关系．该实验中用到的物理研究方法是控制变量法和______．
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21．俊杰同学用图甲的实验装置探究“某固体熔化时温度的变化规律”．
（1）加热过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，读数为______℃；
（2）根据实验数据，俊杰绘出了熔化图象丙，由图象可知，此固体是______（选填“晶体”或“非晶体”），物体在BC过程中处于______（选填“固态”、“液态”、“气态”或“固液共存态”），温 “降低”或“不变”）度______（选填“升高”、，此过程______持续吸热．（选填“需要”或“不需要”）．22．小明同学在做“探究平面镜成像的特点”的实验时，想起了走过教学大楼门厅内的大平面镜时的情景：靠近镜子时，感觉自己的像变大了，远离镜子时感觉像变小了．自己的感觉对吗？在老师和同学们的帮助下小明进行了实验探究．小时所用的实验装置如图所示（其中的透明玻璃板作为平面镜）．主要实验过程如下：
步骤①：如图甲所示，在玻璃板前面放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动一支没有点燃的相同的蜡烛B．当把蜡烛B移动到某一位置的时候，发现蜡烛B与蜡烛A的像重合，测量并记录此时物、像和玻璃板之间的位置关系．
步骤②：多次改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后移动蜡烛B，再次找到对应位置．多 次试验，改变A的位置，重复①中步骤并分别测出A和B到玻璃板的距离，记录在如表中．序号
1
2 5.00 5.00
3 8.00 8.00
A到玻璃板的距离/cm 3.00 B到玻璃板的距离/cm 3.00
步骤③：每次确定像的位置时，在镜前从不同角度观察，蜡烛B与蜡烛A的像均重合，测量并记录每次实验的相关数据． 请根据以上叙述回答下列问题：
（1）请在图乙中画出眼睛E看到A在玻璃板表面成像A′的光路图．
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（2）根据以上实验步骤______可知，能验证小明感觉是错误的．分析表中数据，可以得到结论：______．
（3）若用光屏在玻璃板后面挡住蜡烛B，在蜡烛A一侧观察，玻璃板后将______（选填“仍能”或“不能”）观察到蜡烛A的像．
23．图甲是某同学探究电流与电阻的关系的实验电路．已知学生电源电压为4.5V，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，可供选择的定值电阻的阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω和30Ω．
（1）该同学根据图甲连接的实物电路如图乙所示，其中一根导线连接是错误的，请在图乙中将这根线打上“×”，并补画出正确的连线．
（2）电路连接正确后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，此时电流表的示数如图丙所示；再将5Ω的定值电阻换成10Ω定值电阻进行实验，移动滑片直至电压表示数为______V，并记录电流表的示数．
（3）该同学还想多测几组数据，但他不能选用大于______Ω的定值电阻．
24．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，小明用如图所示的同一滑轮组提升不同钩码的方法，分别做了甲、乙、丙3组实验，实验数据记录如表：
钩码上
次 数
钩码重/N
升 的距离/cm
第1次 2 第2次 4
5 5
弹簧测力计
弹簧测力计 上升的距离
机械效率
的示数/N /cm 1 1.7
15 15
66.7% 78.4%
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第3次 6 5 / 15 /
（1）在实验操作中应该使钩码沿竖直方向______上升；同组的小华发现实验过程中边拉动边读数时，弹簧测力计示数不稳定，如果将弹簧测力计静止，再利用公式：η=
=
=
，
通过测算重力、拉力和承担动滑轮绳子段数就能得到机械效率．但小明认为如果这样，测量的结果将比真正的滑轮组效率______，其原因是______．
（2）进行第3次测量时滑轮组的机械效率约为______（保留三位有效数字）．
五、综合应用题（共6分）
25．为了改善人们的生活，现在很多家庭购买了可以遥控的LED夜灯，如图甲所示．灯头内安装有无线接收模块，无线接收模块是控制灯亮灭的开关．
（1）遥控器内设置有与灯头内的无线接收模块匹配的无线发射模块，无线发射模块连接有编码器，采用IR红外线遥控模式．红外线在空气中传播的速度约为______m/s．
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（2）如图乙所示，是此种遥控灯的电路图局部，请将图中相应元件按正常使用情况连接完整．（3）同样的遥控灯座也可以使用普通白炽灯．如图丙所示，是相同亮度的LED灯和白炽灯的相关参数．则在5万个小时的工作时间里，使用LED灯的成本是______元；使用白炽灯的成本是______元．（市电单价：0.5元/kW•h）
天津市和平区中考物理一模试卷
参与试题解析
一、选择题（共21分．其中l-6小题为单选题，每小题2分．7-9小题为多选题，每小题2分，多选、错选不得分，漏选得1分）注意：第1-6小题中每题只有一个选项正确． 1．下列估测中，最接近生活实际的是（ ）
A．中学生的质量约500kg B．沈阳4月份的平均气温约30℃ C．教室课桌的高度约0.8 m D．中学生跑完50m用时约3 s 【考点】质量的估测；温度；时间的估测；长度的估测．
【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可． 【解答】解：
A、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右．此选项不符合实际；
B、4月份是北半球的春季，沈阳地处我国东北，夏季最高气温可达到30℃，但4月份的平均气温比30℃低许多．此选项不符合实际；
C、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右．此选项符合实际；
D、中学生50m跑的成绩一般在7s左右．此选项不符合实际． 故选C．
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务．
2．如图所示，将钢尺紧按在桌面上，一端伸出桌边．拨动钢尺，听它振动的声音．下列关于该实验的说法正确的是（ ）
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A．钢尺伸出桌面的长度越长，所发出声音的音调越高
B．离钢尺很远的同学听到的声音很小，说明他听到声音的响度很小 C．用不同的力弹拨钢尺，所发出声音的响度相同 D．我们听到的钢尺发出的声音频率在0至20Hz之间 【考点】声音的综合利用．
【分析】（1）音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，物体振动越慢，音调就越低；
（2）响度指声音的强弱，是由发声体振动的振幅和距离决定的，振幅越大，距离越近，响度越大；
（3）用不同的力弹拨钢尺，钢尺振动的幅度不同，响度不同；
（4）人耳的听觉范围是有限的．超声是指高于20000Hz的声音，人耳听不到超声．次声是指低于20Hz的声音，人耳听不到次声．
【解答】解：A钢尺发出声音的音调与钢尺振动快慢有关，当钢尺伸出桌面的长度越长时，振动越慢，频率越低，发出声音的音调越低，故A错误；
B站在离发声钢尺越远的地方，听到发出的声音越小；说明响度的大小与发声物体的振动幅度和距离有关．故B正确；
C用不同的力弹拨钢尺，钢尺振动的幅度不同，所发出声音的响度也不同，故C错误； D人耳的听觉范围是有限的．低于20Hz的声音，人耳听不到，故D错误． 故选：B．
【点评】本题考查了声音的音调，响度，以及人耳听觉的范围，是一道基础题．
3．下列关于物态变化下列说法中正确的是（ ）
A．冬季雪场的制雪机将水吸入后再将“白雾”喷洒到高空，落下来便形成了“雪”．这是一种凝华现象
B．戴眼镜的同学从冰冷的户外回到室内，镜片上会形成一层小水珠，发生这一物态变化需要吸收热量
C．夏季雪糕周围的“白气”和开水上方的“白气”属于同一种物态变化
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D．春天积雪消融，但气温很低，这是由于积雪液化放热的结果 【考点】生活中的凝华现象；熔化与熔化吸热特点；液化及液化现象．
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固； （2）物态变化中吸热的有：熔化、汽化、升华；放热的有：凝固、液化、凝华． 【解答】解：
A、人工造雪机在造雪时，吸入大量的水而产生雪，因此这个“雪”是由“水”变化来的，属于凝固现象，故A错误；
B、戴眼镜的同学从寒冷的室外进入温暖的室内时，眼镜片的温度较低，室内空气中的水蒸气遇冷会液化为液态小水滴附着在镜片上，液化放热，故B错误；
C、夏季雪糕周围的“白气”和开水上方的“白气”都是水蒸气发生的液化现象，属于同一种物态变化，故C正确；
D、春天积雪消融，是固态冰变为液态水的熔化现象，熔化吸热，故D错误． 故选：C．
【点评】此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断．
4．如图所示是一种环保型手电筒．使用它时只要将它来回摇晃．就能使灯泡发光．选项中四幅图中和这种手电筒的工作原理相同的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】电磁感应．
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，在导体中就会产生感应电流，称为电磁感应；据题目中的各个选项逐个分析即可判断．
【解答】解：如图所示是一种环保型手电筒，使用它时只要将它来回摇晃，就能使灯泡发光，能产生电，是利用电磁感应现象的原理工作的；故：
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A、该装置横纵没有电源，所以金属棒在磁场中做切割磁感应运动，电路中就会产生电流，故是电磁感应现象原理，故符合题意；
B、该装置是奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，与手电筒工作原理不同，故不符合题意；
C、该装置是电动机原理实验，即说明通电导线在磁场中受力的作用，故与手电筒工作原理不同，故不符合题意；
D、此图是电磁铁，即说明了电流具有磁效应，故不符合题意； 故选A．
【点评】（1）此题考查了电磁感应的相关知识．
（2）认真审题，将题目中的图中的内容联系在一起是解决此题的关键．
5．利用吸管可以完成很多有趣的实验．如图所示，下面关于实验现象解释正确的是（ ）
A．
利用吸管的B端更容易插入饮料的外包装，说明压力越大，压力的作用效果越明显
B．
吸管插入水中后，手指按压吸管的上端竖直拉起来后，有一段水柱保留了下来．说明这段水柱所产生的压强等于外界的大气压强
C．
将吸管插入水中后，对着吸管口吹气，有水雾喷出．说明吸管口空气流动的加快，压强较大
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D．
手将吸管掰弯后吸管还能恢复原来的形状，吸管在掰弯时具有一定的弹性势能
【考点】增大压强的方法及其应用；大气压强的测量方法；流体压强与流速的关系；势能的影响因素．
【分析】（1）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．
（2）当用手指堵住上端开口时，上端不再与大气相通，下端受到大气压的作用，所以水不会从下端流出．
（3）流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小． （4）任何物体发生弹性形变时，都具有弹性势能．
【解答】解：A、由图可知，吸管的B端与A端相比，面积较小，可以说明在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，从而更容易插入饮料的外包装，不能说明压力越大，压力的作用效果越明显．故A错误；
B、吸管插入水中后，手指按压吸管的上端竖直拉起来后，有一段水柱保留了下来．说明这段水柱所产生的压强小于外界的大气压强．故B错误；
C、将吸管插入水中后，对着吸管口吹气，有水雾喷出．说明吸管口空气流动的加快，压强较小．故C错误；
D、 手将吸管掰弯后吸管还能恢复原来的形状，吸管在掰弯时具有一定的弹性势能．故D正确．故选D．
【点评】本题中考查的知识点较多，都是与力学有关的重要小实验，要求我们在日常的学习和生活中要多观察和积累，并能将知识与实验现象相结合．
6．规格相同的圆柱形容器中装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上（游码在标尺的最左端），如图所示．则（ ）
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A．甲中液体质量更大 B．乙中液体密度更大
C．乙中液体对容器底部的压强更小 D．甲容器对托盘的压强更大
【考点】天平的使用；密度的大小比较；压强大小比较．
【分析】规格相同的瓶装了不同的液体，由图可知液体的体积不同，天平平衡，说明液体的质量相等，根据密度公式和压强公式分析即可得出结论．
【解答】解：（1）规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，说明液体的质量相等，由图可知，甲瓶液体的体积大于乙瓶液体的体积，由ρ=可知，甲瓶液体的密度小于乙瓶液体密度，故A错误，B正确．
（2）天平平衡，说明液体的质量相等，由G=mg可知其重力相同，因为是圆柱形容器，则液体对容器底部的压力等于其重力，由p=可知，甲、乙液体对容器底部的压强相同，故C错误；
（3）静止在水平面的物体对水平面的压力等于其重力，由p=可知，两容器对托盘的压强相同．故D错误． 故选B．
【点评】此题主要考查密度公式的应用，压强公式的应用，同时也考查了天平的使用，有一定的综合性，是一道好题．
7．如图所示，小丽和小明相距2m，通过同一块焦距为15cm的凸透镜观看对方，小明刚好通过透镜能看到小丽眼睛正立的像，则下列说法中正确的是（ ）
A．此时小丽的眼睛在凸透镜的一倍焦距以内
B．若图片中小丽的手将透镜水平向右移动一定距离，小明看到正立的像有可能变大 C．小丽从透镜中看不到小明的像 D．小丽从透镜中看到小明倒立缩小的像
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【考点】凸透镜成像的应用．
【分析】u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机． 2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜．成虚像时，物像同侧，物距越大，成的像越大，像距也越大；虚像都是正立的．
【解答】解：A、由凸透镜成像时，u＜f，成正立、放大的虚像，可知小明刚好通过透镜能看到小丽眼睛正立的像，此时小丽的眼睛在凸透镜的一倍焦距以内，则小明到凸透镜的距离u＞2f，成倒立、缩小的实像，此时像距2f＞v＞f，眼睛中视网膜相当于光屏，而此时小丽的眼睛在凸透镜的一倍焦距以内，所以小丽从透镜中看不到小明的像，故AC正确，D错误； B、凸透镜成虚像时，物像同侧，若物距越大，像距越大，像越大．因此若图片中小丽的手将透镜水平向右移动一定距离，小明看到正立的像有可能变大，故B正确； 故选ABC．
【点评】掌握凸透镜的三种成像情况和应用，这是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握．
8．下列有关家庭用电中的几个实例，描述正确的是（ ） A．熔丝（俗称保险丝）烧断一定是发生了短路
B．使用试电笔时，金属体笔尖应接触被测导线，手指按住笔尾金属体，观察氖管是否发光 C．有人触电时应迅速用手把他拉离电源 D．进户线应先连接电能表，再和总开关连接 【考点】安全用电原则．
【分析】（1）家庭电路电流过大的原因是短路或者用电器总功率过大；
（2）要掌握试电笔的使用方法：在使用时，将手的一部分接触笔尾金属体，用笔尖接触被测的导线．
（3）当有人触电时，必须先切断电源，再实施救治；
（4）电能表是测量家庭消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面．
【解答】解：A、保险丝烧断可能是发生了短路，还可能是用电器总功率过大，故A错误； B、使用试电笔时将手的一部分接触笔尾金属体，用笔尖接触被测的导线观察氖管是否发光，故B正确；
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C、家庭电路中的触电，都是人体直接或间接与火线接触造成的；在家庭电路发生触电时，应当立即切断电源，或用干燥的木棍把电线挑开，迅速使触电人脱离带电体，千万不能用手去拉，否则自己也会触电，故C错误；
D．电能表的测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面，开关控制整个电路，为了检修电路比较方便，要安装的电能表的后面，故D正确． 故选BD．
【点评】了解安全用电常识是解答此题的关键．
9．小灯泡L的额定电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示．把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V．已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10Ω 2A”．下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡的额定功率为1.5W
C．小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为1.25W D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3Ω 【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，根据P=UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率．
【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联， 由图象可知，当电压表示数为1.5V时，电路中的电流I=0.3A， 由I=可得，滑动变阻器两端的电压： U滑=IR滑=0.3A×10Ω=3V，
_._
_._
因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压：
U=UL+U滑=1.5V+3V=4.5V，故A正确；
（2）由图象可知，灯泡两端的电压为3V时，电路中的电流I′=0.5A， 因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等， 所以，灯泡的额定功率：
PL额=UL额I′=3V×0.5A=1.5W，故B正确； 此时滑动变阻器两端的电压： U滑′=U﹣UL额=4.5V﹣3V=1.5V， 滑动变阻器接入电路中的电阻： R滑′
=
=3Ω，故D正确；
滑动变阻器消耗的电功率：
P滑′=U滑′I′=1.5V×0.5A=0.75W，故C错误． 故选ABD．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图象得出电压对应的电流，要注意额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等．
二、填空题
10．如图所示，小明想通过A、B两张纸片上的小孔看见烛焰，他应将烛焰、两个小孔和人眼调到 同一直线 上，这样操作的依据是 光在空气中沿直线传播 ．操作过程中他还在B纸片上看到了一个烛焰的像，这个像是 倒立 的（选填“正立”或“倒立”）
【考点】光直线传播的应用．
【分析】（1）光在同一种均匀介质中是沿直线传播的； （2）小孔成像是由光的直线传播形成的，是倒立的实像．
【解答】解：光在空气中是沿直线传播的，小明想通过A、B两张纸片上的小孔看见烛焰，应将烛焰、两个小孔和人眼调到同一直线上；
蜡烛发出的光线通过A纸片上的小孔在B纸片上形成像，是光的直线传播形成的倒立的实像．
_._
_._
故答案为：同一直线；光在空气中沿直线传播；倒立．
【点评】本题主要考查了光的直线传播知识的应用和小孔成像的特点，属于基础题．
11．如图是甲、乙两辆同时从同一地点出发的小车的s﹣t图象，由图象可知，10～20秒钟甲 “变小”、车的动能 不变 （选填“变大”、或“不变”）；此时乙车相对于甲车的速度是 2 m/s．
【考点】动能的影响因素；速度与物体运动．
【分析】动能的影响因素是质量和速度，结合图象判断出小车的运动情况可进一步判断其动能的变化；明确两车的运动状态，可判断其相对速度．
【解答】解：读图可知，甲车运动的路程与时间成正比，一直做匀速直线运动，速度不变，所以10～20秒钟甲车的动能不变．
10～20秒钟，乙车静止，速度为零；甲车的速度为：v==所以此时乙车相对于甲车的速度是2m/s． 故答案为：不变；2．
【点评】解答本题的关键是要学会读取路程﹣时间的图象，会判断两小车的运动速度变化情况．
12．小明家里的厨房有很多刀具．如图所示，在斩切肉类的时候选用A型刀具，利用其质量较大的特点通过增大 压力 来增大对肉类的压强；而切黄瓜、萝卜等蔬菜时选用B型刀具，其刀面上的孔洞可以避免因 大气压强 的作用而使蔬菜片沾在刀面上；在切割鱼类时使用C型刀具，其刀刃上的锯齿能够通过增大 接触面的粗糙程度 来增大刀刃和鱼身之间的摩擦力．
=2m/s，
_._
_._
【考点】增大压强的方法及其应用；增大或减小摩擦的方法；大气压强的存在．
【分析】（1）增大压强的方法：增大压强，在压力一定时，可以通过减小受力面积的方法来增大压强．在受力面积一定时，可以通过增大压力来增大压强；
（2）菜片和刀面之间的空气隔层可以防止菜片紧贴在刀片上，并且可以使刀面与菜片彼此分开减小摩擦．（3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力． 【解答】解：
用A型刀具，利用其质量较大，这是在受力面积一定时，通过增大压力的方法来增大对肉类的压强；
B型刀具，其刀面上的孔洞，切菜时透气孔中的空气会在菜片和刀面之间形成一层空气隔层，防止在大气压的作用下使菜片紧紧地贴在刀面上．同时，刀面湿润可以把菜与刀面隔开减小了切菜时的摩擦力．
C型刀具，其刀刃上的锯齿能够通过增大接触面的粗糙程度来增大刀刃和鱼身之间的摩擦力． 故答案为：压力；大气压强；接触面的粗糙程度．
【点评】此题查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用，增大有益摩擦，减小有害摩擦，使其更好地为人类服务．
13．如图所示，周末小明的妈妈炖好了鱼．掀开锅盖香飘四溢，这是香气在空气中的 扩散 现象；给鱼加热的过程中是通过 热传递 的方式增大了鱼的内能；锅中鱼汤翻滚，鱼汤在持续吸热的过程中温度 不变 ．（选填“上升”、“下降”或“不变”）
【考点】扩散现象；沸腾及沸腾条件；热传递在生活中的应用．
【分析】（1）物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动； （2）做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移； （3）液体在沸腾过程中，不断吸热，但温度保持沸点不变． 【解答】解：
小明闻到妈妈炖鱼的香味，这是扩散现象，它说明组成物质的分子永不停息地做无规则运动；
_._
_._
给鱼加热的过程中，鱼从汤中吸收热量，是通过热传递的方式增大了鱼的内能；
水在沸腾过程中不断吸热，温度保持不变，所以锅中鱼汤翻滚，鱼汤在持续吸热的过程中温度不变．
故答案为：扩散；热传递；不变．
【点评】本题通过日常生活现象考查了对分子动理论、改变内能的方式以及液体沸腾的特点的了解，难度不大，是一道基础题．
14．倒车可视系统（Reverse image）也称倒车影像，该系统广泛应用于各类大、中、小车辆倒车或行车安全铺助领域．如图所示，汽车逐渐倒车的过程中，随着距离后车越来越近，后车所成的像 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；在此过程中，汽油机通过 做功 冲程输出动力，将内能转化成机械能．
【考点】凸透镜成像的应用；内燃机的四个冲程．
【分析】（1）凸透镜成像规律和应用之一：U＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机．
成实像时：物近像远像变大．
（2）知道汽油机在做功冲程中，是把内能转化为机械能，对外做功
【解答】解：（1）倒车影像的镜头是一个凸透镜，物体在凸透镜的二倍焦距以外，物体成倒立、缩小的实像．
凸透镜成实像时，物近像远像变大．因此汽车逐渐倒车的过程中，随着距离后车越来越近，即物距减小，像距变大，像变大；
（2）汽油机属热机，是利用内能做功的机器，汽油机在做功冲程中，是把内能转化为机械能，对外做功．
故答案为：变大；做功．
【点评】本题主要考查的是汽油机的工作原理和能量转化，凸透镜成像规律的应用，关键是记 熟成像规律，并搞清物距像距之间的关系．知道成实像时，物距越大，像越小，像距也越小．
_._
_._
15．如图，AB为能绕B点转动的均质杠杆（杠杆重力为2N），中点C处用细线悬挂一重物，在A端施加一个竖直向上大小为10N的拉力F，使杠杆在水平位置保持平衡，则物重G= 18 N．若保持拉力竖直方向不变，将A端缓慢向上提升一小段距离，在提升的过程中，拉力F将 不变 （选填“增大”“不变”或“减小”）．
【考点】杠杆的平衡分析法及其应用．
【分析】（1）如图，BA、BC为动力F和阻力G的力臂，知道C是BA的中点，也就知道两力臂的大小关系，知道阻力G的大小，利用杠杆的平衡条件求G的大小；
（2）画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况． 【解答】解：
（1）如图，杠杆在水平位置，
LBA=2LBC，
杠杆平衡，FLBA=（G+G杆）LBC，则 G+G杆=
=
=2×10N=20N；
故G=20N﹣G杆=18N；
（2）杠杆被拉起后，如图所示，
BA′为动力臂，BC′为阻力臂，阻力不变为G， △BC′D∽△BA′D′， BC′：BA′=BD：BD′=1：2，
_._
_._
杠杆平衡，
所以F′LBA′=G总LBC′， F′=
=G总=×20N=10N；由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力
F的大小不变； 故答案为：18；不变．
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在B位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键．
16．按照我国登月计划，2017年“嫦娥五号”的返回舱将载着月球土壤回归地球，地面科技人员“嫦娥五号”对“嫦娥五号”的控制是靠 电磁波 （选填“电磁波”或“声呐”）来传递数据信息的．月球探测器的太阳能电池板将太阳能转化为电能，电能属于 二次能源 （选填“一次能源”或“二次能源”）
【考点】电磁波的传播；能源的分类．
【分析】电磁波可以传递信息，飞船在太空中是通过电磁波传播信息的；
直接从自然界获得不需要加工转换的能源是一次能源，不能直接从自然界获得而是通过消耗其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源．
【解答】解：地面科技人员对“嫦娥五号”的控制是靠电磁波来传递数据信息的； 电能不能从自然界直接获得，需要消耗其它能源经过加工转换获得，电能是二次能源． 故答案为：电磁波；二次能源．
【点评】本题考查电磁波、二次能源，属于基础题，相对比较简单．
17．饺子是中国北方大部分地区每年春节必吃的年节食品，小明发现饺子刚下水时沉在水底，煮熟后漂浮在水面，如图所示．和刚下水相比，煮熟后的饺子受到的液体压强更 小 ，具有的内能更 大 ．
_._
_._
【考点】液体的压强的特点；物体内能的改变．
【分析】根据p=ρ液gh，通过饺子刚下水时和煮熟后的深度变化分析压强大小变化； 物体吸收热量温度升高，内能增加．
【解答】解：饺子刚下水时和煮熟后，水的密度不变，但饺子所处的深度减小，根据p=ρ液gh可知，和刚下水相比，煮熟后的饺子受到的液体压强更小；
煮熟后的饺子和刚下水相比，温度升高，内能增加，所以，具有的内能更大． 故答案为：小；大．
【点评】此题考查了对液体压强的特点、改变物体内能的认识和理解情况，要结合相对应的物理知识点进行分析解答．
三、计算题（18题7分，19题11分，共18分）
18．“节能减排，开关未来”的活动于2016年3月22日﹣﹣世界水日的当天在沈阳正式启动；它倡导合理开关家用电器来节约能源．由此，小明想到父母经常为夜间是否要关闭饮水机而发生的争执：母亲认为应该关机，理由是饮水机在夜间无人饮水时仍在对热水包里的水间歇性加热，白白消耗电能．父亲则认为不该关机，因为第二天重新开机为凉水加热会消耗更多的电能．为了解决父母的争执，小明设计了如下实验：（实验过程中只启用饮水机的加热功能） 第一天晚上十点钟，他关掉家中的其他用电器，仅留下饮水机单独工作，记下电能表的示数为
，第二天早晨，热水包里的水温达到预定温度℃，他又读出电能为
，此
时是六点钟．由此他计算出饮水机整夜消耗的电能W开．第二天晚上十点钟，他将饮水机关闭，次日早晨六点钟启动饮水机将热水包中20℃的水加热到预定温度90℃，用时12min．他查看了饮水机上的铭牌，计算出了此过程中饮水机消耗的电能W关．请你依据小明的实测数据和表中饮水机铭牌上的信息求解： 额定电压220V 额定频率50Hz 制热功率500W 制冷功率98W
热水包容积1L 冷水包容积0.5L 保鲜柜容积16L 防触电类型I类
_._
_._
（1）饮水机夜间开机、关机两种情况下消耗的电能W开和W关各是多少？哪种情况更省电？省了多少度电？
（2）热水包内的水从20℃加热到90℃时吸收的热量是多少？此过程中饮水机的加热效率是多少？（保留三位有效数字）[c水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3]． 【考点】电功与热量的综合计算．
【分析】（1）已知电能表晚上和第二天的示数，两次示数之差就是当晚消耗的电能，还知饮水机的功率和工作时间，根据W=Pt求出加热时消耗的电能，进行比较即可得出结论，二者之差就是节省的电能；
（2）已知热水包内水的体积，根据公式m=ρV可求水的质量，还知水的初温和末温，根据公式Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，水吸收的热量与消耗的电能的比值就是此过程中饮水机的加热效率．
【解答】解：（1）饮水机夜间开机时消耗的电能： W开=376.4kWh﹣376.1kWh=0.3kW•h， 由P=可得，饮水机加热时消耗的电能： W关=Pt=500×10﹣3kW×因W关＜W开，
所以，饮水机夜间关机更省电， 节省的电能：
△W=W开﹣W关=0.3kW•h﹣0.1kW•h=0.2kW•h； （2）水的体积： V=1L=1dm3=1×10﹣3m3， 由ρ=可得，水的质量：
m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg， 水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（90℃﹣20℃）=2.94×105J， 饮水机加热时消耗的电能： W=W关=0.1kW•h=3.6×105J， 此过程中饮水机的加热效率： η=
×100%=
×100%≈81.7%．
_._
h=0.1kW•h，
_._
答：（1）饮水机夜间开机、关机两种情况下消耗的电能为0.3kW•h、0.1kW•h，关机状态省电，节省的电能为0.2度；
（2）热水包内的水从20℃加热到90℃时吸收的热量是2.94×105J，此过程中饮水机的加热效率是81.7%．
【点评】本题考查消耗电能和吸收热量以及加热效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要理解电能表参数的物理意义，本题还告诉我们一定要养成节约用电的好习惯．
19．（11分）（2016•和平区一模）如图甲所示，用弹簧秤悬挂一物体，保持静止；当物体浸没在水中静止时弹簧测力计的示数如图乙所示．（g=10N/kg）求： （1）物体的质量m；
（2）物体浸没在水中受到的浮力F浮；
（3）物体浸没时排开水的体积V和物体的密度ρ．
（4）若用细线悬挂一个体积不变的木球（ρ木=0.5g/cm3）使二者悬浮，如图丙所示．则木球的体积至少多大？
【考点】阿基米德原理；密度的计算．
【分析】（1）由图甲可知物体的重力，根据G=mg求出物体的质量；
（2）知道物体的重力和浸没水中时弹簧测力计的示数，根据称重法求出受到的浮力； （3）根据阿基米德原理求出排开水的体积即为物体的体积，利用ρ=求出物体的密度； （4）把木球和物体看做整体，受到竖直向上的两者的浮力和竖直向下两者的重力，根据力的平衡条件得出等式，把F浮=ρgV排和G=mg=ρVg代入等式即可求出木球的体积． 【解答】解：（1）由甲图可知，物体的质量G=6N， 由G=mg可得，物体的质量： m=
=0.6kg；
_._
_._
（2）物体受到的浮力： F浮=G﹣F′=6N﹣4N=2N；
（3）因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等， 所以，由F浮=ρ水gV排可得，物体的体积： V=V排=
=
=2×10﹣4m3，
则物体的密度： ρ==
=3×103kg/m3；
（4）把木球和物体看做整体，受到竖直向上的两者的浮力和竖直向下两者的重力， 由力的平衡条件可得：F浮+F浮′=G+G木， 把F浮=ρgV排和G=mg=ρVg代入可得： F浮+ρ水gV=G+ρ木Vg， 则木球的体积： V=
=
=8×10﹣4m3．
答：（1）物体的质量为0.6kg； （2）物体浸没在水中受到的浮力为2N；
（3）物体浸没时排开水的体积为2×10﹣4m3，物体的密度为3×103kg/m3； （4）若用细线悬挂一个体积不变的木球使二者悬浮，则木球的体积为8×10﹣4m3．
【点评】本题考查了重力公式、称重法求浮力、阿基米德原理、密度公式以及力的平衡条件的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等．
四、实验、作图题（共22分）
20．在做“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，采用了如图所示的实验装置．两个透明的容器中密闭了等量的空气．U型管中液面变化反映了密闭空气温度的变化．此实验是为了探究电流产生的热量与 电阻 的关系；将此装置接到电源两端，通电一段时间后，电流在 B 容器中产生的热量较多，在电路中串联一个滑动变阻器，再接入原电路，还可以探究 电流产生的热量与 电流大小 的关系．该实验中用到的物理研究方法是控制变量法和 转换法 ．
_._
_._
【考点】焦耳定律．
【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电流不变时，是探究电流产生热量跟电阻关系；
（2）探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电阻不变，因此需要利用滑动变阻器改变电路电流；
（3）对于不容易观察到的现象采取转换法的思想，探究多因素问题时采用控制变量法的思想．【解答】解：
（1）由图示实验可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过电阻丝的电流与通电时间相等而电阻阻值不同，此装置是为了探究电流产生的热量与电阻的关系；（2）在电路中串联一个滑动变阻器，改变滑片位置可以改变电路电流，可以探究电流产生的热量与电流的关系；
（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，要研究热量与某个因素的关系时，需要控制其它因素，只改变这一个因素，采用的是控制变量法； 电流产生热量的多少通过U形管中液面高度变化显示，采用的是转换法． 故答案为：电阻；B；电流大小；转换法．
【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型．
21．俊杰同学用图甲的实验装置探究“某固体熔化时温度的变化规律”．
（1）加热过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，读数为 36 ℃；
（2）根据实验数据，俊杰绘出了熔化图象丙，由图象可知，此固体是 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”），物体在BC过程中处于 固液共存态 （选填“固态”、“液态”、“气态”或“固液
_._
_._
共存态”），温度 不变 （选填“升高”、“降低”或“不变”），此过程 需要 持续吸热．（选填“需要”或“不需要”）．
【考点】熔化和凝固的探究实验．
【分析】（1）看清温度计的分度值，读出示数；
（2）熔化过程中有固定熔化温度的物质为晶体；晶体熔化过程中吸收热量但温度保持不变；当晶体完全熔化后吸收热量温度上升．
【解答】解：（1）温度计的分度值为1℃，此时示数为36℃；
（2）由图象可知，该物质有固定的熔化温度，故此物质为晶体；熔化过程中吸收热量，物体在BC过程中处于固液共存态，温度不变，此过程需要持续吸热． 故答案为：（1）36；（2）晶体；固液共存态；不变；需要．
【点评】此题主要考查学生对于温度计读数、晶体的熔化过程温度、内能、状态的判断．属于基础性题目．
22．小明同学在做“探究平面镜成像的特点”的实验时，想起了走过教学大楼门厅内的大平面镜时的情景：靠近镜子时，感觉自己的像变大了，远离镜子时感觉像变小了．自己的感觉对吗？在老师和同学们的帮助下小明进行了实验探究．小时所用的实验装置如图所示（其中的透明玻璃板作为平面镜）．主要实验过程如下：
步骤①：如图甲所示，在玻璃板前面放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动一支没有点燃的相同的蜡烛B．当把蜡烛B移动到某一位置的时候，发现蜡烛B与蜡烛A的像重合，测量并记录此时物、像和玻璃板之间的位置关系．
步骤②：多次改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后移动蜡烛B，再次找到对应位置．多 次试验，改变A的位置，重复①中步骤并分别测出A和B到玻璃板的距离，记录在如表中．序号
1
2 5.00 5.00
3 8.00 8.00
A到玻璃板的距离/cm 3.00 B到玻璃板的距离/cm 3.00
步骤③：每次确定像的位置时，在镜前从不同角度观察，蜡烛B与蜡烛A的像均重合，测量并记录每次实验的相关数据． 请根据以上叙述回答下列问题：
（1）请在图乙中画出眼睛E看到A在玻璃板表面成像A′的光路图．
（2）根据以上实验步骤 ③ 可知，能验证小明感觉是错误的．分析表中数据，可以得到结论： 像与物到镜面的距离相等 ．
_._
_._
（3）若用光屏在玻璃板后面挡住蜡烛B，在蜡烛A一侧观察，玻璃板后将 仍能 （选填“仍能”或“不能”）观察到蜡烛A的像．
【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【分析】（1）要根据平面镜成像的特点：像与物体关于镜面对称．并且要知道反射光线的反向延长线过像点；
（2）视角的大小与距物体的距离有关，距离越近视角越大，所以当人逐渐靠近镜面时，会感觉自己的像在“变大”了，这是由于像相对于人眼的视角变大的原因；
（3）实像和虚像的重要区别是实像能用光屏上承接，虚像不能在光屏上承接． 【解答】解：
（1）做A关于镜面MN的对称点A′，连接眼睛与A′与镜面相交于一点，即为入射点，连接A与入射点、E与入射点，即为入射光线和反射光线，如图所示：
（2）平面镜成像特点：物与像大小相等，物与像到平面镜的距离相等，当小明靠近镜子时，由于像到镜子的距离变小，这时眼睛看像的视角变大，感觉自己的像变大了；远离镜子时，由于像到镜子的距离变大，这时眼睛看像的视角变小，感觉像变小了；实际像的大小不变；能验证小明感觉的是步骤③．
（3）平面镜所成的像是虚像，虚像是不能成在光屏上的，故用光屏在玻璃板后面挡住蜡烛B，在蜡烛A一侧观察，玻璃板后将仍能观察到蜡烛A的像．
故答案为：（1）见上图；（2）③；像与物到镜面的距离相等；（3）仍能．
【点评】本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点．
_._
_._
23．图甲是某同学探究电流与电阻的关系的实验电路．已知学生电源电压为4.5V，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，可供选择的定值电阻的阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω和30Ω．
（1）该同学根据图甲连接的实物电路如图乙所示，其中一根导线连接是错误的，请在图乙中将这根线打上“×”，并补画出正确的连线．
（2）电路连接正确后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，此时电流表的示数如图丙所示；再将5Ω的定值电阻换成10Ω定值电阻进行实验，移动滑片直至电压表示数为 2 V，并记录电流表的示数．
（3）该同学还想多测几组数据，但他不能选用大于 15 Ω的定值电阻． 【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）实验过程中，应注意将电压表与电阻并联，变阻器串联在电路中； （2）确定电流表的量程和分度值，读出电流表的示数；
探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，根据U=IR可计算出电阻两端的电压值；（3）定值电阻的阻值越大，所需变阻器的阻值越大，可根据变阻器的最大阻值计算出可接入的最大阻值． 【解答】解：
（1）由图知，变阻器与电阻并联，且电压表串联在电路中了，应将电压表与电阻并联，可将电阻右侧的导线接在电压表的负接线柱上，如图所示：
（2）由图丙知，电流表的量程为0～0.6A，示数为0.4A；
电阻两端的电压为U=IR=0.4A×5Ω=2V，将5Ω的定值电阻换成10Ω定值电阻进行实验，应保持电阻两端的电压为2V不变，所以应移动滑片直至电压表示数为2V；
_._
_._
（3）由以上分析知，实验中，应保持定值电阻两端的电压为2V不变，变阻器的最大阻值为20Ω，电路中的电流应为I=R=
故答案为：
（1）见上图；（2）2；（3）15Ω．
【点评】探究电流与电阻的关系的实验中，要注意保持电阻两端的电压不变，本题考查了电路的连接、电流表的读数及定值电阻的选择，（3）是该题的难点，关键要注意电阻的阻值越大，所需变阻器的阻值越大．
24．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，小明用如图所示的同一滑轮组提升不同钩码的方法，分别做了甲、乙、丙3组实验，实验数据记录如表：
钩码上
次 数
钩码重/N
升 的距离/cm
第1次 2 第2次 4 第3次 6
5 5 5
弹簧测力计
弹簧测力计 上升的距离
；则允许接的最大电阻值为：
，则不能选用大于15Ω的电阻．
机械效率
的示数/N /cm 1 1.7 /
15 15 15
66.7% 78.4% /
（1）在实验操作中应该使钩码沿竖直方向 匀速 上升；同组的小华发现实验过程中边拉动边读数时，弹簧测力计示数不稳定，如果将弹簧测力计静止，再利用公式：η=
=
=
，
通过测算重力、拉力和承担动滑轮绳子段数就能得到机械效率．但小明认为如果这样，测量的结果将比真正的滑轮组效率 高 ，其原因是 没有考虑摩擦力，导致额外功减少 ． （2）进行第3次测量时滑轮组的机械效率约为 83.3% （保留三位有效数字）．
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【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．
【分析】（1）实验中要匀速拉动弹簧测力计，这样示数才与拉力相同，并有利于准确读数； 当弹簧测力计静止时，绳子和滑轮之间没有摩擦力，拉力示数会变小，有用功在总功中占的比例增大，滑轮组的机械效率偏大．
（2）由丙图读出弹簧测力计示数，由表格第3次数据，根据η=率． 【解答】解：
（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
如让弹簧测力计静止时读数，则减小了一部分由于摩擦造成的额外功，因此测得的机械效率偏大；
（2）由第3次图丙可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.4N； 根据表格中第3次测量数据可知，滑轮组的机械效率： η=
=
=
×100%≈83.3%．
=
计算滑轮组的机械效
故答案为：（1）匀速；高；没有考虑摩擦力，导致额外功减少；（2）83.3%．
【点评】本题考查了实验注意事项、弹簧测力计读数、求滑轮组效率、滑轮组效率分析等问题，属于常见题型，难度不大；确定承重绳子的股数是正确作出滑轮组绕法的关键．
五、综合应用题（共6分）
25．为了改善人们的生活，现在很多家庭购买了可以遥控的LED夜灯，如图甲所示．灯头内安装有无线接收模块，无线接收模块是控制灯亮灭的开关．
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（1）遥控器内设置有与灯头内的无线接收模块匹配的无线发射模块，无线发射模块连接有编码器，采用IR红外线遥控模式．红外线在空气中传播的速度约为 3×108 m/s．
（2）如图乙所示，是此种遥控灯的电路图局部，请将图中相应元件按正常使用情况连接完整．（3）同样的遥控灯座也可以使用普通白炽灯．如图丙所示，是相同亮度的LED灯和白炽灯的相关参数．则在5万个小时的工作时间里，使用LED灯的成本是 125 元；使用白炽灯的成本是 675 元．（市电单价：0.5元/kW•h）
【考点】串、并联电路的设计；电功计算公式的应用．
【分析】（1）红外线与电磁波在真空中的传播速度相同，为3×108m/s；
（2））①家庭电路中用电器和插座之间是并联的、开关和开关控制的用电器之间是串联、开关和开关控制的插座之间是串联的；
②三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上．
（3）根据相同亮度的LED灯和白炽灯的相关参数，利用额定功率和通电时间，计算出各自消耗电能，再算出电费，再加上买灯的费用就是一共需要的成本．
【解答】解：（1）红外线与电磁波在真空中的传播速度相同，所以红外线在空气中传播的速度约为3×108m/s；
（2）家庭电路中用电器和插座之间是并联的、无线接收模块是控制灯亮灭的开关，所以无线接收模块与灯串联，无线接收模块接在火线与灯之间；
三孔插座的左端接零线，右端接火线，中间接地线，电路图如图丙所示．
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（3）由P=可得使用LED消耗的电能： W=Pt=0.005kW×50000h=250kW•h， 电费：250kW•h×0.5元/kW•h=125元， 总费用：125元+20元=145元；
白炽灯消耗的电能W'=P't'=0.025kW×50000h=1250kW•h， 节能灯电费：1250kW•h×0.5元/kW•h=625元， 总费用：625元+1元×
=675元；
故答案为：（1）；（2）如上图；（3）125；675．
【点评】本题考查电磁波的传播速度、家庭电路的连接、电功的计算，以及实际生活中的有关问题，关键是学会从题目所给信息中找到有用的数据．
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